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有效挖掘题目中的隐含条件【高阶辅导】
阅读量:5827 次
发布时间:2019-06-18

本文共 5744 字,大约阅读时间需要 19 分钟。

前言

高中数学中的有些条件是隐藏的身份出现的,或许命题人就是想看看你有没有继续深造数学的天赋,下面尝试对常见的隐含条件的素材做以总结,以期望引起大家的注意。

区间的给定

例0求函数\(f(x)\)在区间\([a^2,a]\)上的最大值,

分析:由于\(a^2<a\),解得\(0<a<1\),即题目内含了参数\(a\)的取值范围;

角的范围压缩

例1已知\(\alpha\in [\cfrac{\pi}{4},\pi]\),且\(sin2\alpha=\cfrac{\sqrt{5}}{5}\),求\(cos2\alpha\)的值;

分析:由\(\alpha\in [\cfrac{\pi}{4},\pi]\),则可知\(2\alpha\in [\cfrac{\pi}{2},2\pi]\)

又由于\(sin2\alpha=\cfrac{\sqrt{5}}{5}>0\), 则可知\(2\alpha\in [\cfrac{\pi}{2},\pi]\),则\(cos2\alpha=-\cfrac{2\sqrt{5}}{5}\)

且由\(2\alpha\in [\cfrac{\pi}{2},\pi]\)可以将范围进一步压缩为\(\alpha\in [\cfrac{\pi}{4},\cfrac{\pi}{2}]\)

解后反思:利用三角函数值的正负或其大小,我们可以将角的范围进行压缩,其目的还是为了利用平方关系求值后方便取舍值的正负。

例2设\(\alpha\)\(\beta\)都是锐角,且\(cos\alpha=\cfrac{\sqrt{5}}{5}\)\(sin(\alpha+\beta)=\cfrac{3}{5}\),则\(cos\beta\)等于【】

$A、\cfrac{2\sqrt{5}}{25}$ $B、\cfrac{2\sqrt{5}}{5}$ $C、\cfrac{2\sqrt{5}}{25}或\cfrac{2\sqrt{5}}{5}$ $D、\cfrac{2\sqrt{5}}{25}或\cfrac{\sqrt{5}}{5}$

分析:由已知可得:\(sin\alpha=\cfrac{2\sqrt{5}}{5}\)\(cos(\alpha+\beta)=\pm \cfrac{4}{5}\)

\(cos(\alpha+\beta)=\cfrac{4}{5}>\cfrac{\sqrt{5}}{5}=cos\alpha\),则有\(\alpha+\beta<\alpha\)

\(\beta<0\),这与\(\beta\)为锐角矛盾舍去,故\(cos(\alpha+\beta)=-\cfrac{4}{5}\)

所以\(cos\beta=cos[(\alpha+\beta)-\alpha]=cos(\alpha+\beta)cos\alpha+sin(\alpha+\beta)sin\alpha\)

\(=\cfrac{2\sqrt{5}}{25}\),故选\(A\)

三角中的辅助角

例3【2018陕西省第三次质量检测文科数学第10题改编】

已知函数\(f(x)=sin\omega x+acos \omega x(\omega>0)\)的最小正周期为\(\pi\),且函数\(f(x)\)的图像的一条对称轴是\(x=\cfrac{\pi}{12}\),求函数\(f(x)\)的最大值。

分析:\(f(x)=\sqrt{a^2+1}sin(\omega x+\phi)\),其中\(tan\phi=a\),由最小正周期为\(\pi\),可知\(\omega =2\)

\(f(x)=\sqrt{a^2+1}sin(2x+\phi)\),又由一条对称轴是\(x=\cfrac{\pi}{12}\)

\(2\cdot \cfrac{\pi}{12}+\phi=k\pi+\cfrac{\pi}{2}\),求得\(\phi=k\pi+\cfrac{\pi}{3}(k\in Z)\)

\(k=0\),即\(\phi=\cfrac{\pi}{3}\)。则有\(tan\phi=tan\cfrac{\pi}{3}=\sqrt{3}=a\),故\(f(x)_{max}=\sqrt{a^2+1}=2\)

解后反思:大多时候使用辅助角公式,我们只强调辅助角的存在性,而并不注重其大小到底是多少,但是有的题目中就需要我们求出这个辅助角的大小。

判别式使用

例4直线\(l\)的参数方程为\(\begin{cases}x=\cfrac{\sqrt{3}}{2}t+m\\y=\cfrac{1}{2}t\end{cases}(t为参数)\),设点\(P(m,0)\),直线与曲线\(C:(x-1)^2+y^2=1\)交于\(A、B\)两点,且\(|PA||PB|=1\),求非负实数\(m\)的值。

分析:将直线\(l\)的参数方程为\(\begin{cases}x=\cfrac{\sqrt{3}}{2}t+m\\y=\cfrac{1}{2}t\end{cases}(t为参数)\),代入曲线\(C:(x-1)^2+y^2=1\)

化简为\(t^2+\sqrt{3}(m-1)t+m^2-2m=0\),由\(\Delta=3(m-1)^2-4(m^2-2m)>0\)得到,\(-1<m<3\)

\(m\)为非负实数,故\(0\leq m<3\)

设点\(A、B\)对应的参数分别为\(t_1,t_2\),则有\(t_1\cdot t_2=m^2-2m\)

\(|PA||PB|=1\),得到\(|t_1\cdot t_2|=|m^2-2m|=1\),解得\(m=1\)\(m=1\pm \sqrt{2}\)

又由于\(0\leq m<3\),故\(m=1\)\(m=1+\sqrt{2}\)

解后反思:本题目如果不注意\(\Delta >0\)的限制条件,就会出现增根\(m=1-\sqrt{2}\)

例04在直角坐标系\(xOy\)中,直线\(l\)是过定点\(P(4,2)\)且倾斜角为\(\alpha\)的直线;在极坐标系中,曲线\(C\)的极坐标方程为\(\rho=4cos\theta\).

⑴写出直线\(l\)的参数方程,并将曲线\(C\)的极坐标方程化为直角坐标方程;

⑵若曲线\(C\)与直线\(l\)相交于不同的两点\(M、N\),求\(|PM|+|PN|\)的取值范围.

分析:⑴直线\(l\)的参数方程为\(\begin{cases} x=4+cos\alpha\cdot t \\ y=2+sin\alpha\cdot t \end{cases}(t为参数)\),曲线\(C\)的直角坐标方程为\(x^2+y^2=4x\)

法2:通法,将\(\begin{cases} x=4+cos\alpha\cdot t \\ y=2+sin\alpha\cdot t \end{cases}(t为参数)\)代入\(C:x^2+y^2=4x\)

得到\(t^2+4(sin\alpha+cos\alpha)t+4=0\)

则必然满足条件\(\begin{cases} &\Delta=16(sin\alpha+cos\alpha)^2-16>0\\ &t_1+t_2=-4(sin\alpha+cos\alpha)\\&t_1\cdot t_2=4\end{cases}(t为参数)\)

由此得到\(sin\alpha\cdot cos\alpha>0\),又\(\alpha\in [0,\pi)\)

故压缩范围得到\(\alpha\in (0,\cfrac{\pi}{2})\),又由\(t_1+t_2=-4(sin\alpha+cos\alpha)<0\),故可知\(t_1<0\)\(t_2<0\)

\(|PM|+|PN|=|t_1|+|t_2|=-(t_1+t_2)=4(sin\alpha+cos\alpha)=4\sqrt{2}sin(\alpha+\cfrac{\pi}{4})\)

\(\alpha \in (0,\cfrac{\pi}{2})\) ,得到\(\alpha+\cfrac{\pi}{4}\in (\cfrac{\pi}{4},\cfrac{3\pi}{4})\)

\(\cfrac{\sqrt{2}}{2}< sin(\alpha+\cfrac{\pi}{4}) \leq 1\)

故$ 4\sqrt{2}\times \cfrac{\sqrt{2}}{2}< 4\sqrt{2}\cdot sin(\alpha+\cfrac{\pi}{4}) \leq 4\sqrt{2}\times 1 $,

即就是$|PM|+|PN|\in(4,4\sqrt{2}] $.

反思:本题目如果不注意\(\Delta >0\),则\(\alpha\)的范围必然出错,从而导致取值范围出错。

不等式隐含条件

例05求\(f(x)=\cfrac{1}{x}+\cfrac{4}{2-x}(0<x<2)\)的最小值。

详解:注意到隐含条件\(x+(2-x)=2,x>0,2-x>0\),则容易看到题目其实为

已知\(x+(2-x)=2\)\(x>0,2-x>0\),求\(f(x)=\cfrac{1}{x}+\cfrac{4}{2-x}(0< x <2)\)的最小值。

\(f(x)=\cfrac{1}{x}+\cfrac{4}{2-x}=\cfrac{1}{2}(\cfrac{1}{x}+\cfrac{4}{2-x})\times 2\)

\(=\cfrac{1}{2}(\cfrac{1}{x}+\cfrac{4}{2-x})[x+(2-x)]\)

\(=\cfrac{1}{2}(1+4+\cfrac{2-x}{x}+\cfrac{4x}{2-x})\)

\(\ge \cfrac{1}{2}(5+2\sqrt{\cfrac{2-x}{x}\cdot \cfrac{4x}{2-x}})=\cfrac{9}{2}\)

当且仅当\(\cfrac{2-x}{x}=\cfrac{4x}{2-x}\),即\(x=\cfrac{2}{3}\)时取到等号。

解后反思:本题目如果不注意\(x+(2-x)=2\)的限制条件,就不会将题目顺利转化为限定条件下的均值不等式求最值问题,使用其他的思路可能会非常麻烦。

恒过定点

在下面的博文中,有分门别类的恒过定点的总结,望仔细体会。

解不等式隐含条件

比如特别注意:\(x^2\pm x+1>0\)\(|x|\ge 0\)\(x^2\ge 0\)\(e^x>0\)\(e^{-x}>0\)

在具体题目中,

  • \(\cfrac{e^x(2ax^3-3ax^2+2bx-b)}{x^2}=0\),可以等价转化为\(2ax^3-3ax^2+2bx-b=0\)

  • \(\cfrac{e^x(x+1)(x-2)}{x}>0\)可以等价转化为\(\cfrac{(x+1)(x-2)}{x}>0\)

  • \(\cfrac{x^2-4x+3}{e^x}>0\)可以等价转化为\((x-1)(x-3)>0\)

已知性质推未知性质。

①熟练掌握以下的变形和数学思想方法:

比如对称性+奇偶性\(\Longrightarrow\)周期性的变形例子

如,已知函数\(f(x)\)是奇函数,且满足\(f(2-x)=f(x)\)

则由\(\begin{align*} f(2-x)&=f(x) \\ - f(-x)&= f(x)\end{align*}\) \(\Bigg\}\Longrightarrow f(2-x)=- f(-x)\Longrightarrow f(2+x)=- f(x)\Longrightarrow\)周期\(T=4\)

奇偶性+周期性\(\Longrightarrow\)对称性的变形例子

如,已知函数\(f(x)\)是奇函数,且满足\(f(x+4)=-f(x)\)

则由\(\begin{align*} f(x+4)&=-f(x) \\ f(-x)&=-f(x)\end{align*}\) \(\Bigg\}\Longrightarrow f(x+4)=f(-x)\Longrightarrow\)对称轴是\(x=2\)

对称性+周期性\(\Longrightarrow\)奇偶性的变形例子

如,已知函数\(f(x)\)的周期是2,且满足\(f(2+x)=f(-x)\)

则由\(\begin{align*} f(2+x) &=f(-x) \\ f(2+x) &= f(x)\end{align*}\) \(\Bigg\}\Longrightarrow f(-x)= f(x)\Longrightarrow\)函数\(f(x)\)是偶函数。

②奇偶性、单调性和定义域来推导:\(x>0\)时,\(f(x)>0\)

【2017天津高考卷】已知奇函数\(f(x)\)\(R\)上是增函数,则有\(x>0\)时,\(f(x)>0\)\(f(0)=0\)\(x<0\)时,\(f(x)<0\)

数列变形方向

  • 已知\(S_n=2a_n+3\),求通项公式\(a_n\),由于所求与\(S_n\)无关,故需要消去\(S_n\)类。

  • 已知\(S_{n+1}=S_n+2n+1\),令\(b_n=a_n+1\),求证数列\(\{b_n\}\)是等比数列,则先需要消去\(S_n\)类,得到结果为\(a_{n+1}=3a_n+2\),再给两边同时加常数\(1\),这样的变形都是从题目中可以看出来的。

  • 出现\(b_n=\cfrac{1}{a_n\cdot a_{n+1}}\),则可能需要裂项相消法。

转载于:https://www.cnblogs.com/wanghai0666/p/9070592.html

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